九年级物理欧姆定律专项训练100(附答案).docx

《九年级物理欧姆定律专项训练100(附答案).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《九年级物理欧姆定律专项训练100(附答案).docx（17页珍藏版）》请在三一文库上搜索。

1、九年级物理欧姆定律专项训练100(附答案)一、欧姆定律选择题1.在如图所示的实物电路中，电源电压恒为 3V,滑动变阻器的规格为“1001A”灯泡上标有2.5V 1W的字样，闭合开关后调节滑动变阻器的滑片，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是()A.小灯泡正常发光时的电阻为2.50nB.向右移动滑片时，电压表V1的示数变小，小灯泡亮度变暗C.向右移动滑片时，电压表V2与电流表A的示数之比不变D.让小灯泡正常发光 1min,滑动变阻器产生的电热为 12J【答案】D球(2. 5, A【解析】【解答】根据 R=K=W=6.25 Q ,A不符合题意；由图可知滑动变阻器、灯泡、电流表组成串联电路，当

2、向右移动滑片时，滑动变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，即V2示数变小，而灯泡两端的电压变大，即V1示数变大，小灯泡变亮，B不符合题意；电压表 V2与电流表A的示数之即滑动变阻器连入电路的电阻值，所以向右移动滑片时，电压表V2与电流表A的示数之比变小，CP =0. M不符合题意；D.小灯泡正常发光时电路中的电流，I=5T此时滑动变阻器两端二二=上25 R谕以的电压U滑=3V-2.5V= 0.5V,滑动变阻器连入的电阻 R滑=。日1min滑动变阻器产生的电热为Q=I2Rt=0.4A X0册*乂除闿,D符合题意。故答案为：D【分析】灯泡与滑动变阻器串联，

3、电压表V1测量小灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流.(1)根据P=用变形可求小灯泡正常发光时的电阻；(2)根据串联电路的电流特点可知，滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表V2示数减小，小灯泡两端电压变大，小灯泡变亮；(3)电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值；(4)由灯泡上标有 “2.5V1W ,根据P=UI可求小灯泡的额定电流，再根据串联电路电压的特点，求出滑动变阻器两端的电压，根据Q=UIt求出小灯泡正常发光 1min,滑动变阻器产生的电热.2 .如图所示，若电路中电源两端

4、的电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片 P从b端向a端滑动的过程中（）A.电压表Vi的示数变大，电流表 A的示数变大B.电压表V2的示数变大，电流表 A的示数变小C.电压表Vi的示数变大，电流表 A的示数变小，D.电压表V2的示数变大，电流表 A的示数变大【答案】A【解析】【解答】解：由图知，定值电阻R1和滑动变阻器 R2串联，V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量串联电路中的电流。当滑动变阻器的滑片 P从b端向a端滑动的过程中，滑动变阻器的电阻变小，由串联分压的规律可知，变阻器分担的电压变小，即电压表V2示数变小；电源电压不变，所以定值电阻两端的电压就变大，

5、即电压表V1示数变大；定值电阻的阻值不变，滑动变阻器的电阻变小，所以整个电路的总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中的电流就变大，即电流表的示数就变大。BCD不符合题意，A符合题意。故答案为：Ao【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，串联电路的电阻起分担电 压的作用，电阻越大，分担的电压就越大.3 .甲、乙两个小灯泡上分别标有“6V3W和“4V2W字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列判断错误的是（）B若把它们并联在4V电路中，甲灯A.若把它们并联在 4V电路中，乙灯正常发光 比乙灯亮C.若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正常发光

6、D.若把它们串联在10V电路中，甲灯比乙灯亮【答案】B【解析】3。/匕用=0.5A, I乙=七【解答】解：由P= UI可得，两灯泡的额定电流分别为:，=0.5A,b由I=公可得，两灯泡的电阻分别为: 6V生 4VR 甲=/a = 0.五才=12 Q, Rz=0，I = 8 QoAB、两灯泡并联在 4V电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，所以，只有乙灯泡能正常发光，其实际功率为P乙实= P乙 = 2W;if 14尸产甲灯泡不能正常发光，其实际功率为P甲实=中=20Q1.33WC P乙实，所以乙灯比甲灯亮，A不符合题意，B错误，符合题意；CD、两灯泡串联在10V电

7、路时，两灯的总电阻为 R= R甲+R乙=120+80= 20Q,410V此时电路中的电流为 I串=7 = 函石=0.5A,因串联电路中各处的电流相等，且此时的电流与两灯泡的额定电流相等，所以，两灯泡可以同时正常发光；此时两灯实际功率都等于各自的额定功率，因为 P甲P乙（即3W2W）,所以甲灯较 亮，C D不符合题意。故答案为：Bo【分析】结合小灯泡的铭牌，根据 P=UI是求出额定电流，根据 1=/求出两灯泡的电阻； 两灯泡并联时它们两端的电压相等，两灯泡两端的电压和额定电压相等时正常发光，否则 不能正常发光；两灯泡串联时通过它们的电流相等，且两灯泡的额定电流相等，实际电流 等于额定电流时才能正

8、常发光 .4.有两只分别标有“ 6V3W“和” 9V3W的小灯泡Li、L2 ,不考虑温度对灯丝电阻的影响, 下列说法正确的是（）A. Li和L2正常工作时的电流一样大B. Li和1.2串联在一起同时使用时，两灯一样亮C. L和L2并联在一起同时使用时，两灯消耗的功率一样大D.将Li串联在一个12 的电阻，接在电源电压为12V的电路中，Li也能正常发光【答案】D【解析】【解答】解：A.由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为:上国网/Ii= = =0.5A, |2= = = A,所以两灯泡正常发光时的电流不一样，故A错误;B.由P=UI二#可得,两灯泡的电阻分别为:LT (6Y)2序（9V）

9、2Ri=12 QR2=27 0,P=2R可知，两灯泡的实际功率不两灯泡串联时通过的电流相等，但灯泡的电阻不同，由 相等，亮度不同，故 B错误；P=C. Li和12并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，但灯泡的电阻不同，由知，两灯泡消耗的电功率不相等，故C错误；D.将Li串联在一个12 的电阻时，电路中的总电阻R-R+R=12Q+12Q =240U 12V电路中的电流1= = = 20.5 =0.5A,因电路中的电流和灯泡Li正常发光时的电流相等，所以Li能正常发光，故 D正确.故选D.【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据 P=UI求出两灯泡的正常发光 回时的电流，然后比较

10、两者的关系；（2）根据P=UI=求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；（3）L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，根据P=同比较两灯泡消耗的电功率关系；（4）将L1串联在一个12 的电阻时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光.5 .如图所示的电路，闭合开关 S,当，t片P向左移动时，不考虑灯丝电阻受温度影响.下 列说法正确的是（）6 e A.小灯泡变亮B.电流表示数变大C.电压表示数变小D.电路的总功率不变【答案】D【解析】【解答】解：因电压表的内阻很大、

11、在电路中相当于断路， 所以，滑片移动时，接入电路中的电阻不变，此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑片右侧部分两端的电压，电流表测电路中的电流， b由I= R可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故 B错误； 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=I2R可知，灯泡的实际功率不变，亮暗不变，故A错误；由P=UI可知，电路的总功率不变，故 D正确；当滑片P向左移动时，电压表并联部分的电阻变大， 由U=IR可知，电压表的示数变大，故 C错误. 故选D.【分析】根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻 不变，此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表

12、测滑片右侧部分两端的电压，电流 表测电路中的电流，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据 P=UI可知电路总功率的变化，根据滑片的移动可知 滑片右侧部分电阻的变化，根据欧姆定律可知电压表示数的变化.6 .如图所示电路中，当滑片 P向右滑动时（）LA.电压表示数增大，灯泡变暗B.电压表示数增大，灯泡变亮C.电压表示数减小，灯泡变暗叫D.电流表示数增大，灯泡变亮【答案】A【解析】 【解答】由图可知，滑动变阻器与灯泡是串联，电压表测量的是滑动变阻器两端电压，电流表测量的是整个电路中的电流，当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变大，则电路的总电

13、阻变大，又知：电源电压保持不变,，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小;又灯泡的阻值不变,根据U灯=IR灯可知灯泡两端电压变小；又灯泡的电阻不变，电流变小，由公式P灯=I2R灯可知：灯泡的实际功率变小，灯泡变暗；又U滑=U U灯，可判断U滑变大.故答案为：A。【分析】本题考查学生对利用欧姆定律和串并联规律来解决电学题的能力。（1）会分析电路是串联还是并联。（2）利用串并联规律，找到每个用电器的电流，电压，电阻等物理量。（3）利用公式求解。R的阻值均相等.闭合电键S7 .如图所示的四个电路中，电源电压都相同且不变，电阻后，电流表示数最小的是（）C.D.【解析】【解答】A图中电流

14、表与一个电阻串联后又与开关并联，所以开关闭合后将其短 路，电流表的示数为零；工B图中开关闭合后，两电阻并联，电流表测量干路电流，示数为：;C图中两电阻串联，开关闭合后，电流表示数为：二年；D图中两电阻并联，电流表测量一个支路的电流，示数为：人.所以A图中电流表示数最小，故答案为：A .【分析】A、开关闭合后，为上面的电阻的简单电路，电流表与下面的电路被短路，电流 表示数为零；BCD开关闭合后，根据电路的连接方式，利用欧姆定律分别列出电流的表达式，再比较 大小.8 .如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S,当滑动变阻器滑片 P向右移动时，不变的是：电流表A的示数；电压表V的示数；电流表A与Ai示

15、数的差值；电压表 V与电流表A示数的比值（）A.只 有 u B. 只 有C.D.【答案】C【解析】【解答】由电路图知道，Ri和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电源电压），电流表 Ai测R支路的电流，A测干路电流；因为电源的电压不变，所以，电压 表V的示数不变，故符合题意；因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑 片移动时，通过 R的电流不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=U/R知道，通过滑动变阻器 Ri支路的电流变小，即电流表 Ai的示数变小，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故不符合题意；因为

16、电流表 A与Ai示数的差值等于通过 R2的电流，所以，电流表 A与Ai示数的差值不变，故 符合题意；由电压表 V的示数不变、电流表 A的示数变小 知道，电压表V与电流表A示数的比值变大，故 不符合题意，综上所述，只有 C符合题 息，故答案为：Co【分析】R和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电源电压），电流表 Ai测Ri支路的电流，A测干路电流；根据电源的电压判断电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的 变化以及两电流表示数只差的变化，

17、进一步得出电压表V与电流表A示数的比值变化.9 .如图所示，电源电压恒为5V,电压表的量程为变阻器的规格为 “20Q1A”灯泡标有“3V1.8W字样.03V,电流表的量程为 00.6A,滑动 闭合开关，在电路安全的情况下（不考）虑灯丝电阻的变化），则下列说法中正确的是（A.滑动变阻器的电阻允许调节的范围是020a B.电流表示数的变化范围是 0.10.6AC.电压表示数的变化范围是1.5V3VD灯泡的最小功率是 0.2W【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流.根据P=UI可得，灯的额定电流：Pl颉 LLIl额=J的=八=0

18、.6A,由1= 得：灯泡的电阻 由于电压表的量程为 03V,电流表的量程为 通过灯泡的最大电流I最大=Il额=0.6A;日R由|=彳得：电路中的最小总电阻 R最小=【最大: 由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：00.6A,则灯泡两端的最大电压为3V,则5V 6A =8.3 R滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小二R最小-Rl=8.3 / 5Q =3.3 ,Q因为滑动变阻器的规格为“20QIA，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是3.3 20 Q,故A错误;电路中的最大总电阻 R最大=R+R=20 +5Q =25 | u 5Y则电路中的最小电流：I最小二兄最大=25纸=0.2A,所以电流

19、表示数的变化范围是0.20.6A,故B错误；灯泡两端的最小电压为Ul最小=I最小Rl=0.2A X 5Q = 1V所以电压表示数的变化范围是1V3V,故C错误；此时灯泡的功率最小为：Pl最小=I最小2Rl= (0.2A) 2X 50=0.2W故D正确.故选D.【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流.(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯 泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；(2)当滑动变阻器接入

20、电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR求出灯泡两端的最小电压，利用P=2R求出灯泡的最小功率.本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定 电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项.10 .如图所示的电路，滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中，电流表和电压表的示数变化 是()A.电流表示数变小，电压表示数变大B电流表、电压表示数都变大C.电流表示数变大，电压表示数变小D电流表、电压表示数都变小【答案】C【解析】 【解答】根据图像，是灯泡和滑动变阻器的串联电路，电压表测量灯泡分压，当 滑片

21、向左滑动，电阻减小，滑动变阻器分压减小，灯泡分压变大，所以电压表示数变大， 电流表示数变大，C符合题意。故答案为：C.【分析】根据电阻变大时，电流减小，减小的电阻分压减小。11 .如图所示，电源电压U恒定，闭合开关和S2 ,在滑动变阻器滑片向上移动过程中()一 - 一 r-*心A.灯泡L的亮度不变 B.两端的电压变大C.电流表A2的示数变大D.电流表的示数变大【答案】A【解析】 【解答】根据电路图，当开关都闭合时，电路中只有灯泡和电流表串联，在移动滑片时，灯泡亮度不变，A符合题意。故答案为：A.【分析】根据连入电路中的电阻情况，分析当改变电阻时，电流或电压变化情况。12 .新的国家标准对延长线

22、插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2.增大导线横截面积的目的是（）A.增大导线的电阻B.减小通过导线的电流C.增大导线的电压D.减小导线发热的功率【答案】D【解析】【解答】A.减小导线的电阻，A不符合题意； LB.由1=彳知当U 定时R越小I越小，B不符合题意； LC.由1=彳的变形式U=IR知当I 一定时R越小U越小，C不符合题意；D.根据P=2R知当I 一定时R越小P越小，D符合题意。故答案为：Do【分析】A、影响导体电阻大小的因素：材料、长度、横截面及温度，当材料、长度、温4L度不变时横截面越大电阻越小；B

23、、根据1=力分析判断；C、根据I= A的变形式U=IR分析判断；D、根据P=Fr分析判断。13.如图甲所示的电路，在滑动变阻器R2的滑片P从B向A滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A. 的阻值是20flB.当电流表的示数是皿时，K二接入电路的阻值S0QC.电源电压是16V【答案】AD.该电路的最大电功率为【解析】【解答】解：A、C、由乙图知，当滑动变阻器接入电路电阻最大时，两端电压最 大，为14V;此时电路电流最小，为 0.2A,因为I= A,口最大14V所以滑动变阻器的最大阻值为R2=品小=7 =7 =70 Qo根据题意得:U 0.2A =m中70Q1

24、 U0. 9A - 此涔=18V解得曲-20A . A符合题意，C不符合题意；B、当电路电流为I =0.4A 18V电路总电阻为 R 习=tTTi=45Q,所以滑动变阻器接入电路的电阻为R =-R1=45 Q20 Q =25 Q此选项错误;D、电路消耗的最大功率为P最大=5最大=18VX 0.9A=16.2W此选项错误。故答案为：A【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，由U-I图像可知，当滑动变阻器接入电路电阻最大时，两端电压最大，为14V;此时电路电流最小，为0.2A;当滑动变阻器接入电路电阻最小时，两端电压为0;电路电流最大，为0.9A.根据欧姆定律和串联电路特点列方程组

25、得到电源电压和定值电阻的阻值；利用公式P=UI得到电路最大功率.14 . 一只小灯泡标有 “3.8样，额定功率模糊不清，某同学设计了如图甲所示的电路进行测量，电源电压恒为 6V,电压表、电流表使用的量程分别为 0-3V、0-0.6A,滑动变阻 器的规模为“10Q1A”，他根据实验数据作出电压表、电流表示数的 U- I图象，如图乙所示，则以下判断正确的是（）A.小灯泡的额定功率为0.88W亮B滑片向左移时电压表示数变大，小灯泡变C.变阻器允许连入电路的最大阻约为8.82 QID.小灯泡正常发光 2s内，变阻器产生的电热为3.04J【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器 R

26、串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流：（1）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压 Ul=3.8V时滑动变阻器两端的电压：Ur=U Ul=6V- 3.8V=2.2V,由图象可知，电路中的电流I=0.4A,小灯泡的额定功率：Pl=UlI=3.8V X0.4A=1.52WA 错误；2s内变阻器产生的电热：QR=WR=URlt=2.2V X 0.4A X 2s=1.75JD 错误；（2）滑片向左移时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，电路中的电流变大， 由图象可知，滑动变阻器两端的电压变小，灯泡两端的电压变大，灯泡的实际功率变大， 即电压表的示数变小，小

27、灯泡变亮，故B错误；（3）当电压表的示数最大Ur，=3V,滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由图象可知，电路中的电流I =0.34A则滑动变阻器接入电路中的最大电阻：Ur， 3VR大=工 =0. 34A8.82,qC 正确。故选Co【分析】由电路图可知，灯泡 L与滑动变阻器 R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压， 电流表测电路中的电流：（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据串联电路 的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据图象读出电路中的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率，根据 Q=W=UIt求出2s内变阻器产生的电热；（2）根据滑片的移动可知接 入电路中电阻的变化，根据欧姆定律

28、可知接入电路中电流的变化，根据图象可知灯泡两端 的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断其亮暗的变化；（3）当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据图象读出电路中的电流，根 据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是从图象中读出电压和电流的对应值。15 .如图所示的电路，电源电压 U=12V保持不变，滑动变阻器 Ro标有“100Q1A”字样，灯 泡L标有“6V6W字样（灯丝电阻不随温度而变化），电流表量程为00.6A

29、,电压表量程为015V.为了确保测量准确，要求电表的示数不小于其最大测量值的1/3,要使测量准确并确保电路安全，下列判断正确的是（）A.灯泡L消耗的最小功率是 0.24WB.正常发光时灯丝的电阻是12aC.电路中电流的变化范围是0.11A0.6AD.滑动变阻器阻值的变化范围是14 48 a【答案】A/【解析】【解答】灯泡灯丝的电阻P 3,代入数据可得 R= 6Q, B不符合题意；考虑到a球电表示数要求，电流表的示数为Ii= 3 =0.2A时，电路中电流最小，灯泡 L消耗的功率最小，这时 P= I2R= (0.2A) 2X630.24W, A符合题意；当灯泡正常发光时，电路中电流P珊最大，Ima

30、x= )=1A,因电流表量程为 00.6A,所以电路中电流的变化范围是0.2A0.6A, C不符合题意；当电路中电流最小时，电路中总电阻为R= I= 60 Q,这时滑动变阻器连入电路的阻值为R0i = Ri-R= 60 6Q= 54 Q,当电路中电流最时大，电路中U急，冽I的总电阻为 R2= 4皿 徐=20 0,这时滑动变阻器连入电路的阻值为R02=R2-R= 20 6Q= 14 Q,当滑动变阻器的阻值在14 54 范围内变动时，电压表的示数符合要求，所以滑动变阻器的阻值变化范围为1454以D不符合题意。故答案为：Ao【分析】灯泡L与滑动变阻器R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的

31、电流.团(1)根据p=u=求出正常发光时灯丝的电阻；(2)根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点结合电流表的量程、滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中 的电阻最小，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接 入电路中的最小阻值；7(3)由题意可知，电表的示数不小于其最大测量值的3 ,据此求出电流表的最小示数，根据欧姆定律求出此时灯泡灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，再利用P=UI求出灯泡L消耗的最小功率.16.如图所示，电源电压恒为1

32、5V,定值电阻 R的阻值为20Q闭合开关后，使变阻器的阻值减小5Q,电流表示数变化了0.1A,则下列说法正确的是（）A.电流表示数减小了 0.1AB.电压表示数减小了 0.5VC.定值电阻的电功率增大了0.2WD电路总功率增大了 1.5W【答案】D【解析】【解答】由图可知，变阻器 R变与R串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流；A、使变阻器的阻值减小5Q,根据串联电路的电阻特点可知总L电阻变小，由于电源电压不变，根据 1=彳可知电路中电流变大，所以电流表示数变化了 0.1A,应是增大0.1A, A不符合题意;B、设原来变阻器接入电路的阻值为R变，变阻器的阻值减小 5 后，

33、此时变阻器接入电路U| 的阻值为 R变-55由题意可知：41 = I2-Ii = 0.1A,即：R . R堂50” 形 =I5Y15V0.1A,所以：2。+35。200. 形=0.1A,解得：R 变=10Q, R 变=-45 （舍U网|_ 加去），所以，Ii= ”75赤U7而=0.5A, I2=1 + 隈-5口-沙。+ 川口-5口 = 0.6A,则电压表示数变化量： 4U 变=I2 （R 变-5Q） -IiR 变=0.6AX （10Q-5Q） -0.5A X 10=Q - 2V,所以电压表示数减小了 2V; B不符合题意；C、定值电阻电功率的增大量：R = I22R-I12R= （ 0.6A）

34、 2X20Q（ 0.5A） 2X2032.2W, C不符合题意；D、总功率的增大量：4P= UI2-UI1= 15VX 0.6A-15V X 05A5W, D 符合题意。故答案为：Do【分析】根据电路中电流的变化和总电阻的变化计算电阻的大小，利用电源电压和电阻计 算总电流，结合电流和电阻计算用电器的电功率17.如图所示，电源电压保持 6V不变，电流表量程为00.6A,电压表量程为 03V,定值电阻R的规格为“10W.5A；滑动变阻器R2的规格为“20!A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中,卜列说法正确的是（电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W0.9W电流表示数允许的变

35、化范围为0.2A0.5A滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10 20 a 电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8W3WA.只有和B只有和C只有和D只有和【答案】A【解析】【解答】电压表示数为3V时，电阻Ri通过的电流为：Ui 3V/2 - - - Oh 3A处 】0口，与元件的允许电流值比较得，电路中最大电流为0.3A,此时Ri的最大功率为：F/最大=加力-% X G3K = 0. 0W ,当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中电流最小为：U 6V/ * = 0,2A用卡佗30 G，则R的最小功率为：网最小=r2Ri =x侬=&盛故电阻Ri消耗电功率允许的变化范围为0.4W0.9W,

36、 正确；由的解答过程可知，电流表示数允许的变化范围为0.2A0.3A.故错误 电压表示数为3V时，电流为0.3A,此时滑动变阻器接入电路的最小电阻为：比妻小 6V - 3V故滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10 20 ，正确；电流最大时，最大功率为：火拉二通用X（j.3A= 1一那；电流最小时，最小功率为：何点.=UP = 6V X 0. 2A = L 2W电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W1.8W,故 错误；故答案为：Ao【分析】定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电 压. 已知电流表选择的量程和定值电阻规格，可以确定电路最大电流；已知电压表选

37、择的量 程，可以确定定值电阻两端最大电压；电路电流最大时，定值电阻消耗的功率最大；电路 电流最小-总电阻最大时，消耗的功率最小。据此确定定值电阻消耗功率的变化范围及电 路电流变化范围； 电路电流最大时，滑动变阻器接入电路电阻最小；电流最小时，滑动变阻器接入电路电 阻最大。据此确定滑动变阻器接入电路电阻范围；P=UI确定电路消耗的总功率的变化范 已知电源电压和电路最大、最小电流，利用公式 围.18.如图所示的电路中，电源电压不变,Ri为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S在滑片P从最左端向中心移动的过程中下列说法正确的是（）AA.电流表Ai和电流表 A2的示数都变大B.电路总功率变大，电压表的

38、 V的示数不变C.电路总功率变小，电压表 V的示数不变D.电流表A2和电压表V的示数都保持不变【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知， R与e并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测Ri支路的电流，电流表 A2测干路电流.因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表 V的示数不变， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过 Ri的电流不变，即电流表 Ai的示数不变，故 A错误； 在滑片P从最左端向中心移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，b由i= 7可知，通过变阻器的电流变大， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变大，即电流表A2的示数变大，故 D

39、错误；由P=UI可知，电路总功率变大，故 B正确、C错误.故选B.【分析】由电路图可知，Ri与R2并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测Ri支路的电流，电流表 A2测干路电流.根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联 电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过Ri电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化，根据并联电路的电 流特点可知干路电流的变化，利用P=UI可知电路总功率的变化.本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分析电路的串并联和电表所测的电路元件 是关键.i9.如图所示电路中，Ri：R2=2:

40、3,开关闭合后，电路的总功率为P0o若将Ri的阻值增大2Q,R2的阻值减小2Q,电路的总功率仍为P。；若将Ri的阻值减小2Q,R2的阻值增大2Q,电路的总、功率为 P;则P:B等于（）A. 3:2B. 4:3C. 5:4D. 6:5【答案】A 【解析】【解答】两个滑动变阻器并联；由题意可知，Ri:R2=2:3, ，开关闭合后，飞 电路的总功率：P0=凡凡，若将R1的阻值增大 2Q, R2的阻值减小 2Q,电路的总功率：Po=航 m 的 二0 ，由以上 式可解得：R1=4 Q, R2=6 Q;ifif if善5于所以Po=川型=m6G12 Q,若将R1的阻值减小2Q, R2的阻值增大2 ,此时电

41、iflrifit 前叶路的总功率：p=柚 = 您 ”口 = 7q一9 ,猛 ,内 一嬴，p： Po=.而：凉 =3:2。故答案为：A回【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，先根据P=1表示出电路的总功率Po ,将Ri回的阻值增大2Q, R2的阻值减小2 ，再卞据P=表示出电路的总功率仍为Po ,结合Ri:WR2=2: 3可求出Ri、R2的阻值；若将 Ri的阻值减小2Q,R2的阻值增大2 ,根据P3表示出电路的总功率为 P,将Ri、R2的阻值代入Po和P的表达式，联立即可得出答案.20.如图甲所示的电路中，Ri为定值电阻， 后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数R2为滑动变阻器，电源电压不变.

42、闭合开关 SI与电压表示数 U的变化关系如图乙所示，则卜列判断错误的是（）圈甲A.电源的电压为6V图乙B.电路的最大总功率为3.6WC.陵的电功率一直变大iD.图乙中D点是滑片位于中点时的状态【答案】C 【解析】【解答】A、由于U-I图线可知，当滑片从 a端移动到b端，滑动变阻器两端的电压增大了 4V ,定值电阻两端的电压减小了 4V ,电流也减小了 0.4A ,AU 4V处=10J/ 0.川.电源电压口 了斤 总而x 00 例，不合题意；B、当电流为0.6A时，电路的最大功率为 尸二门 6T X 0.6A = 3.6H ,不合题意；C、滑动变阻器全部接入分得4V电压，是电阻的2倍，根据串联分

43、压，最大阻值是定值电阻的2倍.当滑片处在中点，接入电路的阻值和定值电阻相等，分得电压应该是3V,符合题意； 心 4 V3V比二；-工厂20C忆一 二 10qD、电阻h 0.2A,在d点时，它的阻值 a3A,所以，图中D点滑片位于中点，不合题意. 故答案为：C .【分析】A、从图乙读出定值电阻电压和电流的变化量，根据欧姆定律的变形公式，计算电阻出定值电阻 Ri的阻值，再利用欧姆定律的变形公式U=IR计算电源电压；B、根据电源电压和电路中的最大电流，利用公式P=UI计算电路的最大功率；C、根据串联分压的原理分析R2阻值的变化情况；= D、利用欧姆定律的变形公式/计算出R2的最大阻值，再计算滑片在 D点时的阻值，比较得出结论.