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1、选择题定时训练14(限时：30分钟)一、单项选择题1.(2019甘肃省最后一次联考)如图1，C919大型客机是我国自主设计、研制的大型客机，最大航程为5555千米，最多载客190人，多项性能优于波音737和波音747.若C919的最小起飞(离地)速度为60m/s，起飞跑道长2.5103mC919起飞前的运动过程可看成匀加速直线运动，若要C919起飞，则C919在跑道上的最小加速度为()图1A0.36m/s2B0.72 m/s2C1.44m/s2D2.88 m/s2答案B解析由匀变速直线运动规律v2v2ax可得，C919的最小起飞加速度a0.72m/s2，故B正确，A、C、D错误2(2019甘肃
2、省最后一次联考)关于原子物理，下列说法正确的是()A太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变B若某光恰好能使锌发生光电效应，则改用波长更长的光照射锌也一定能发生光电效应C射线是高速运动的电子流D.Bi的半衰期是5天，32克Bi经过10天后还剩下Bi的质量为8克答案D解析太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变，故A错误；波长越长的光的频率越小，能量越小，所以改用波长更长的光照射，锌不会发生光电效应，故B错误；射线是高速运动的电子流，故C错误；Bi的半衰期是5天，32克Bi经过10天后还剩下Bi的质量为8克，故D正确3(2019甘肃省最后一次联考)下列说法错误的是()A组成任何物体的分子
3、都在做无规则的运动，任何物体都具有内能B多晶体具有各向同性，没有固定的熔点C将有棱角的玻璃棒用火烤融化后，棱角变钝是因为表面张力D打开一杯热茶的杯盖，一段时间后茶不可能自动变得更热答案B解析由于组成物体的分子永不停息地在做无规则运动，一定有分子动能，所以任何物体都具有内能，故A正确；多晶体属于晶体，有固定的熔点，故B错误；将有棱角的玻璃棒用火烤融化后，棱角变钝是因为熔化的玻璃在表面张力的作用下，表面要收缩到最小的缘故，故C正确；热传递具有方向性，热量能自发的从高温物体传到低温物体，故一杯热茶在打开杯盖后，茶会自动变得更凉，故D正确4.(2019湖北宜昌市四月调研)如图2所示，直线MN上方有垂直
4、纸面向里的匀强磁场，电子1从磁场边界上的a点垂直MN和磁场方向射入磁场，经t1时间从b点离开磁场之后电子2也由a点沿图示方向以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经t2时间从a、b连线的中点c离开磁场，则为()图2A3B2C.D.答案A解析电子1、2在磁场中都做匀速圆周运动，根据题意画出两电子的运动轨迹，如图所示：电子1垂直射进磁场，从b点离开，则运动了半个圆周，ab即为直径，c点为圆心，电子2以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经t2时间从a、b连线的中点c离开磁场，根据半径r可知，电子1和2的半径相等，根据几何关系可知，aOc为等边三角形，则电子2转过的圆心角为60，所以电子1运动的时间t1，电子2
5、运动的时间t2，所以，故A正确，B、C、D错误5.(2019广东揭阳市下学期第二次模拟)如图3所示，MN是某匀强电场中的一条电场线一带正电粒子射入电场后，仅在电场力作用下沿轨迹ABC运动下列说法中正确的是()图3A粒子在A点的加速度比在C点的加速度大B粒子在A点的电势能比在C点的电势能小CM、N两点的电势：MND电场线的方向水平向右答案B解析由于电场为匀强电场，可得到粒子在A点的加速度与C点的加速度大小相等，故A错误；粒子带正电，粒子在B点受电场力方向向左，故电场线方向向左，又有：沿着电场线方向电势降低，所以NM，从A到C电场力做负功，电势能增加，所以粒子在A点的电势能比在C点的电势能小，故B
6、正确，C、D错误6.(2019山西运城市5月适应性测试)含有理想变压器的电路如图4所示，图中电阻R1、R2和R3的阻值分别为18、1、3，正弦交流电源输出的电压有效值恒定，该变压器原、副线圈匝数比为31.开关S断开与闭合情况下变压器的输出功率之比为()图4A21B41C12D11答案D解析开关S断开：设原线圈回路电流为I1，根据电流与匝数的关系，电压与匝数的关系：，联立解得U54I1；开关S闭合，设原线圈回路电流为I1，同理可得：，整理得：U27I1；因为电压有效值恒定，所以2I1I1，故可得2I2I2，而变压器输出功率P出I(R2R3)，P出I22R2，代入数据得：P出P出，故A、B、C错误
7、，D正确7.(2019广东揭阳市下学期第二次模拟)如图5所示，一光滑细杆固定在水平面上的C点，细杆与水平面的夹角为30，一原长为L的轻质弹性绳，下端固定在水平面上的B点，上端与质量为m的小环相连，当把小环拉到A点时，AB与地面垂直，弹性绳长为2L，将小环从A点由静止释放，当小环运动到AC的中点D时，速度达到最大重力加速度为g，下列说法正确的是()图5A在下滑过程中小环的机械能先减小后增大B小环刚释放时的加速度大小为gC小环到达AD的中点时，弹性绳的弹性势能为零D小环的最大速度为答案B解析小环受重力、支持力和弹性绳弹力，弹力做功，故环的机械能不守恒，小环和弹性绳组成的系统机械能守恒，小环到达AD
8、的中点时，弹性绳的长度为2L，伸长量不为0，在AD之间有一位置弹性绳与AC垂直，小环从A点到弹性绳与AC垂直位置的过程中，弹性绳对小环做正功，从弹性绳与AC垂直位置到C点的过程中，弹性绳对小环做负功，所以下滑过程中小环的机械能先增大后减小，故A错误；在A位置，环受重力、弹性绳拉力、支持力，根据牛顿第二定律，有：mgsin30F弹sin30ma，在D点，环的速度最大，说明加速度为零，弹性绳长度为2L，故：mgsin30F弹cos600，联立解得：ag，故B正确；小环到达AD的中点时，弹性绳的长度为L，伸长量不为0，故弹性势能不为零，故C错误；小环和弹性绳组成的系统机械能守恒，在D点速度最大，此时
9、弹性绳长度等于初位置弹性绳的长度，故初位置和D位置环的机械能相等，所以mg2Lcos60mv2，解得：v，故D错误8.(2019福建宁德市5月质检)某同学在练习投篮时将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直放置的篮板上，运动轨迹如图6所示，不计空气阻力，关于这两次篮球从抛出到撞击篮板的过程()图6A两次在空中运动的时间相等B两次抛出时的速度相等C第1次抛出时速度的水平分量小D第2次抛出时速度的竖直分量大答案C解析将篮球的运动反向处理，即为平抛运动，由题图可知，第2次运动过程中的高度较小，所以运动时间较短，故A错误篮球在竖直方向上做竖直上抛运动，第2次运动过程中的高度较小，故第2次
10、抛出时速度的竖直分量较小，所用时间较短；平抛运动在水平方向做匀速直线运动，水平射程相等，由xv0t可知，第2次抛出时水平分速度较大；水平分速度第2次大，竖直分速度第1次大，根据速度的合成可知，两次抛出时的速度大小关系不能确定，故C正确，B、D错误二、多项选择题9(2019甘肃省最后一次联考)下列说法正确的是()A电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B两列波相遇时，在重叠的区域里，质点的位移等于两波单独传播时引起的位移的大小之和C光的偏振现象说明光是纵波D紫外线的波长比红外线的波长短答案AD解析电磁波在真空中的传播速度为3108m/s，与电磁波的频率无关，故A正确；两列波相遇时，在重叠的区
11、域里，质点的位移等于两波单独传播时引起的位移的矢量和，故B错误；偏振现象是横波特有的特征，故C错误；紫外线的频率大于红外线的频率，根据fc可知紫外线的波长比红外线的波长短，故D正确10.(2019湖南娄底市下学期第二次模拟)如图7所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环正上方，有一条形磁铁从静止开始下落，下落过程中始终保持竖直，起始高度为h，最后落在水平地面上若不计空气阻力，重力加速度取g，下列说法中正确的是()图7A磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针方向(俯视圆环)B磁铁落地时的速率一定等于C磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变D磁铁在整个下落过程中，圆环受到它的作用力总
12、是竖直向下的答案AD解析当条形磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量增加，根据楞次定律可判断圆环中感应电流的方向为逆时针(俯视圆环)，当条形磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量减小，根据楞次定律可判断圆环中感应电流的方向为顺时针(俯视圆环)，A正确；若磁铁从高度h处做自由落体运动，其落地时的速度v，但磁铁穿过圆环的过程中要产生一部分电热，根据能量守恒定律可知，其落地速度一定小于，B错误；磁铁在整个下落过程中，由于受到磁场力的作用，机械能不守恒，C错误；据楞次定律的推论“来拒去留”，可判断磁铁在整个下落过程中，受圆环对它的作用力始终竖直向上，而圆环受到磁铁的作用力总是竖直向下的，故D正确11(2019山西
13、运城市5月适应性测试)一个可以看做质点的物块以恒定大小的初速度滑上木板，木板的倾角可在090之间任意调整，设物块沿木板向上能达到的最大位移为x.木板倾角不同时对应的最大位移x与木板倾角的关系如图8所示(g取10m/s2)则下列说法正确的是()图8A物块与木板间的动摩擦因数为B物块初速度的大小是5m/sC沿倾角为30和90上滑时，物块运动到最大位移的时间不同D当0时，xm答案ABD解析当90，物块做竖直上抛运动，最大位移x1.25m，根据运动学方程得：v02gx，解得v05m/s；当30，x1.25m，根据速度位移关系：v02ax，有a10m/s2，而agcosgsin，解得：，A、B正确；因为
14、30和90对应的加速度均为a10m/s2，根据v00at，运动到最高点时间相同，C错误；当0时，agm/s2，根据v02ax，求得xm，D正确12(2019陕西汉中市第二次教学质检)图9甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心，轨道半径之比为14.若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是()图9A站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动B在图示轨道上，“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的16倍C在图示轨道上，地球同步卫星的机械能大于“轨道康复者”的机械能D若要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复者”应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接答案BD解析因“轨道康复者”的高度低于同步卫星的高度，可知其角速度大于同步卫星的角速度，也大于站在赤道上的观察者的角速度，则站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向东运动，选项A错误；由Gma得：a，在图示轨道上，“轨道康复者”与地球同步卫星加速度之比为16，故B正确；因“轨道康复者”与地球同步卫星的质量关系不确定，则不能比较机械能的关系，选项C错误；“轨道康复者”从图示轨道上加速后，轨道半径增大，与同步卫星轨道相交，则可进行对接，故D正确