《山东省昌邑市第一中学2018届高三上学期第二次月考物理试题（word版附解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省昌邑市第一中学2018届高三上学期第二次月考物理试题（word版附解析）.doc（17页珍藏版）》请在三一文库上搜索。
1、山东省昌邑市第一中学2018届高三上学期第二次月考物理试题一、选择题：1.下面关于物理学研究方法叙述中正确的是（）A. 电场强度的定义式为E，这个定义应用了极限思想B. 在“探究弹性势能表达式”的实验中，为计算弹簧弹力所做的功，把拉伸弹簧的过程分为很多小段，拉力在每小段可以认为是恒力，用各小段做功的代数和代表弹力在整个过程所做的功这是应用了微元法的思想C. 在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里采用了等效代替的思想方法D. 在不需要考虑带电体本身的大小和形状时，常用点电荷来代替带电体，这是应用了假设法【答案】B【解析】
2、A、电场强度的定义式为,这个定义应用了比值定义法,故A错误.B、在探究弹性势能的表达式的实验中.为计算弹簧弹力所做功,因为弹力是变力,把拉伸弹簧的过程分为很多小段,拉力在每小段可以认为是恒力,用各小段做功的代数和代表弹力在整个过程所做的功,物理学中把这种研究方法叫做微元法,所以B选项是正确的C、研究多个变量时,应控制一些不变研究两个变量之间的关系,所以在探究加速度、力、质量三者之间的关系时,先保持质量不变研究加速度与力的关系,再保持力不变研究加速度与质量的关系,该实验运用了控制变量法,故C错误.D、用点电荷代替带电体,物理学中把这种研究方法叫做建立理想化的物理模型等效替代,故D错误.综上所述本
3、题答案是：B2. 如图所示，在真空中固定两个等量异号点电荷+Q和-Q，图中O点为两点电荷的连线中点，P点为连线上靠近-Q的一点，MN为过O点的一条线段，且M点与N点关于O点对称，下列说法正确的是：A. 同一个试探电荷在M、N两点所受的电场力相同B. M、N两点的电势相同C. 将带正电的试探电荷从M点沿直线移到N点的过程中，电荷的电势能先增大后减小D. 只将-Q移到P点，其它点在空间的位置不变，则O点的电势升高【答案】A【解析】试题分析：等量异种点电荷的电场的分布具有一定的对称性，故M、N两点的电场强度相同，同一个试探电荷在M、N两点所受的电场力相同，故A正确；在过两电荷连线的垂直平分线的两侧，
4、正电荷一边的电势要高于负电荷一边的电势，故M点的电势大于N点的电势，故B错误；将带正电的试探电荷从M点沿直线移到N点的过程中，电场力一直做正功，故电势能一直减小，故C错误；等量异种点电荷的连线中垂线是一条等势线，故O点的电势为零；只将-Q移到P点，其它点在空间的位置不变，此时两个电荷连线的中点在O点的左侧，故O点的电势变为负值，故O点的电势减小，故D错误；故选A考点：电场强度；电势及电势能【名师点睛】本题关键是结合等量异号电荷的电场线分布图和等势面分布图进行分析，明确电场力做功等于电势能的减小量，不难3.如图所示，竖直面内半径为R的光滑半圆形轨道与水平光滑轨道相切于D点.a、b、c三个相同的物
5、体由水平部分分别向半圆形轨道滑去，最后重新落回到水平面上时的落点到切点D的距离依次为AD2R.设三个物体离开半圆形轨道在空中飞行时间依次为ta、tb、tc，三个物体到达水平面的动能分别为Ea、Eb、Ec，则下面判断正确的是()A. EaEbB. EcEbC. tbtcD. tatb【答案】C【解析】物体若从圆环最高点离开半环在空中做平抛运动，竖直方向上做自由落体运动，则有： 得： 物体恰好到达圆环最高点时，有： 则通过圆轨道最高点时最小速度为： 所以物体从圆环最高点离开后平抛运动的水平位移最小值为： 由题知：AD2R，BD=2R，CD2R，说明b.c通过最高点做平抛运动，a没有到达最高点，则知
6、 ，对于a.b两球，通过D点时，a的速度比b的小，由机械能守恒可得： 对于b.c两球，由 知，t相同，c的水平位移大，通过圆轨道最高点时的速度大，由机械能守恒定律可知， 故C正确综上所述本题答案是：C4.据新闻报导，“天宫二号”将于2016年秋季择机发射，其绕地球运行的轨道可近似看成是圆轨道.设每经过时间t，“天宫二号”通过的弧长为l，该弧长对应的圆心角为弧度.已知引力常量为G，则地球的质量是()A. B. C. D. 【答案】D【解析】根据几何关系即可求出轨道半径，由线速度的定义式即可求出线速度，然后由万有引力提供向心力即可求出地球的质量 “天宫二号”通过的弧长为，该弧长对应的圆心角为弧度，
7、所以其轨道半径：，t时间内“天宫二号”通过的弧长是，所以线速度，“天宫二号”做匀速圆周运动的向心力是由万有引力提供，则，所以，A正确5.如图所示，用两根金属丝弯成一光滑半圆形轨道，竖直固定在地面上，其圆心为O、半径为R轨道正上方离地h处固定一水平长直光滑杆，杆与轨道在同一竖直平面内，杆上P点处固定一定滑轮，P点位于O点正上方A、B是质量均为m的小环，A套在杆上，B套在轨道上，一条不可伸长的细绳绕过定滑轮连接两环两环均可看做质点，且不计滑轮大小与质量现在A环上施加一个水平向右的恒力F，使B环从地面由静止沿轨道上升则（ ）A. 力F做的功等于系统机械能的增加量B. 在B环上升过程中，A环动能的增加
8、量等于B环机械能的减少量C. 当B环到达最高点时，其动能为零D. B环被拉到与A环速度大小相等时，sinOPBR/h【答案】AD【解析】因为恒力F做正功，系统的机械能增加，由功能关系可知，力F所做的功等于系统机械能的增加量，故A正确；由于恒力F做正功，A、B组成的系统机械能增加，则A环动能的增加量大于B环机械能的减少量，故B错误当B环到达最高点时，A环的速度为零，动能为零，而B环的速度不为零，则动能不为零，故C错误当PB线与圆轨道相切时，速度关系为：vB=vA，根据数学知识，故D正确所以AD正确，BC错误6.如图所示，甲图是一理想变压器，原、副线圈的匝数比为100 ：1若向原线圈输入图乙所示的
9、正弦交变电流，图中Rt为热敏电阻（阻值随温度升高而变小），R1为可变电阻，电压表和电流表均为理想电表，下列说法中正确的是（）A. 在t0.005s时，电压表的示数约为50.9VB. 变压器原、副线圈中的电流之比为100 ：1C. Rt温度降低时，适当增大R1可保持Rt两端的电压不变D. Rt温度升高时，电压表示数不变、电流表的示数变大【答案】CD【解析】【详解】A.由图乙可以知道交流电压最大值，有效值为，即电压表的读数为36V，故A错误；B.原、副线圈的匝数比为100:1，所以变压器原、副线圈中的电流之比为1:100，故B错误；C.输入电压不变，变压器的输出电压不变，Rt两端的电压；Rt温度降
10、低时，电阻增大，在串联电路中适当增大R1，可保持Rt两端的电压不变，故C正确；D.电压表的示数为输入电压，保持不变；输入电压不变，变压器的输出电压不变，Rt温度升高时，阻值减小，副线圈回路电流变大，电流表的示数变大，故D正确。7.如图所示，一个固定的1/4圆弧阻挡墙PQ，其半径OP水平，OQ竖直在PQ和一个斜面体A之间卡着一个表面光滑的重球B，斜面体A放在光滑的地面上并用一水平向左的力F推着，整个装置处于静止状态，现改变推力F大小，推动斜面体A沿着水平地面向左缓慢运动，使球B沿斜面上升一很小高度则在球B缓慢上升过程中，下列说法中正确的是A. 斜面体A与球B之间的弹力逐渐增大B. 阻挡墙PQ与球
11、B之间的弹力逐渐减小C. 水平推力F逐渐增大D. 水平地面对斜面体A的弹力逐渐减小【答案】BD【解析】小球B处于平衡状态，对B受力分析，如图所示：当球B沿斜面上升一很小高度时，圆弧阻挡墙对B的压力方向与水平方向的夹角减小，根据图象可知，斜面体A与球B之间的弹力逐渐减小，阻挡墙PQ与球B之间的弹力逐渐减小，故AB正确；以斜面体为研究对象，则有上述解析可知球B对斜面A的弹力减小，则可以将该力分解为水平方向和竖直方向，该力与水平竖直所成夹角不变，所以竖直与水平分力都减小，而F等于其水平分力，故F减小，地面对A的支持力等于A的重力加上该力的竖直分力，故地面对A的支持力也减小，故CD错误故选AB【点睛】
12、小球B处于平衡状态，对B受力分析，根据力的合成原则画出受力分析图，当球B沿斜面上升一很小高度时，圆弧阻挡墙对B的压力方向与水平方向的夹角减小，根据作图法分析AB之间的弹力以及PQ与B之间的弹力变化，把AB看成一个整体，整体受到重力、地面的支持力、水平推力F以及PQ对B的压力，根据平衡条件判断F以及地面对A的支持力的变化即可8.如图所示，用均匀电阻丝制成的矩形框架abcd，放在匀强磁场中，且框架平面垂直磁感线，电阻为r的光滑金属棒PQ垂直于ab边放在矩形框架上，并与其保持良好接触现对导体棒施加一水平向右的拉力使它从ad处匀速向右运动至bc处，则在这一过程中，下列说法中正确的是（）A. 导体棒PQ
13、两点的电压一定不变B. 矩形框架abcd消耗的电功率可能先增大后减小C. 矩形框架abcd消耗的电功率可能先减小后增大D. 水平拉力的功率可能是先增大后减小【答案】BC【解析】A、导体棒PQ向右运动的过程中,结合串并联电路的特点可以知道,外电阻先增大后减小,当PQ运动到线框中线时,外电路的电阻最大.根据闭合电路欧姆定律得知PQ棒中的电流先减小后增大.则PQ棒两端的电压即路端电压先增大后减小.故A错误.B、C、矩形线框中消耗的电功率相当于电源的输出功率,根据推论:当外电阻等于电源的内电阻时,电源的输出功率最大.根据题意,线框并联的总电阻先增大后减小,若最大值都小于电源内阻,则矩形框架abcd消耗
14、的电功率可能先增大后减小:若并联总电阻大于PQ棒的电阻,则知消耗的功率先减小后增大.所以B选项是正确的,C正确;D、PQ棒做匀速运动,拉力的功率等于电路中电功率,根据 ,因为棒中的电流先减小后增大,得知拉力的功率先减小后增大.故D错误.综上所述本题答案是：BC二、非选择题： 9.如图甲是某同学测量重力加速度的装置，他将质量均为M的两个重物用轻绳连接，放在光滑的轻质滑轮上，这时系统处于静止状态该同学在左侧重物上附加一质量为m的小重物，这时，由于小重物m的重力作用而使系统做初速度为零的缓慢加速运动，该同学用某种办法测出系统运动的加速度并记录下来完成一次实验后，换用不同质量的小重物，并多次重复实验，
15、测出不同m时系统的加速度a并作好记录（1）若选定物块从静止开始下落的过程进行测量，则需要测量的物理量有（ ）A小重物的质量m B大重物的质量MC绳子的长度 D重物下落的距离及下落这段距离所用的时间（2）经过多次重复实验，得到多组a、m数据，做出图像，如图乙所示，已知该图象斜率为k，纵轴截距为b，则可求出当地的重力加速度g_，并可求出重物质量M_（用k和b表示）【答案】 (1). AD (2). 1/b (3). k/2b【解析】【详解】(1)对整体分析,根据牛顿第二定律得： ,计算得出 ,根据 得： .所以需要测量的物理量有:小重物的质量m,重物下落的距离及下落这段距离所用的时间.故AD正确.
16、(2)因为,则 ,知图线的斜率 ， ,计算得出 , .10.为了测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，提供的器材有：A电流表G，内阻Rg120，满偏电流Ig6mAB电压表V，量程为6VC螺旋测微器，毫米刻度尺D电阻箱R0 （09999）E滑动变阻器R（最大阻值为5）F电池组E（电动势为6V，内阻约为005）G一个开关S和导线若干（1）用多用电表粗测电阻丝的阻值，当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，应该换用_挡（填“1”或“100”），进行一系列正确操作后，指针静止时位置如图甲所示（2）把电流表G与电阻箱并联改装成量程为06A的电流表使用，则电阻箱的阻值应调为R0_（结果保留三位有效数字）（3
17、）为了用改装好的电流表测量电阻丝Rx的阻值，请根据提供的器材和实验需要，将图乙中电路图补画完整_（4）测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电压表V的示数为U，电流表G的示数为I请用已知量和测量量的字母符号，写出计算电阻率的表达式_【答案】 (1). 1 (2). 1.21 (3). (4). 【解析】(1)因欧姆表不均匀,要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准,当用“ ”挡时发现指针偏转角度过大,说明倍率较大,应选择“ ”倍率.(2)将电流表G与电阻箱并联改装成量程为0.6A的电压表,而电流表G(内阻 ,满偏电流 ;因此电阻箱的阻值应调为
18、: ;(3)由图甲所示可以知道,待测电阻阻值为: ,电压表内阻很大,约为几千甚至几万欧姆,电压表内阻远大于电流表内阻,电流表应采用外接法,滑动变阻器最大阻值为 ,远小于待测电阻阻值,为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,电路图如图所示:(4)由电阻定律可以知道,电阻： ,则电阻率： :,根据欧姆定律得： ,电阻率 ；综上所述本题答案是：(1). 1 (2). 1.21 (3). (4). 11.在一条平直的公路上，甲车在前以54kmh的速度匀速行驶，乙车在后以90kmh的速度同向行驶某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车已知甲乙两车与路面的摩擦因数分别是1005和2
19、01，g取10ms2请问：（1）若两车恰好不相碰，则两车相碰前刹车所用时间是多少?（2）若想避免事故发生，开始刹车时两辆车的最小间距是多少?【答案】(1)t=20s (2)【解析】（1）两车刹车过程中加速度分别是：a1=1g=0.5m/s2, a2=2g=1m/s2, 若两车恰好不相碰，则乙追上甲时，两车速度相等 代入题中数据得：t=20s（2）乙追上甲前，甲位移：乙的位移：若想避免事故发生，开始刹车时两辆车的最小间距为：代入数据解得：m综上所述本题答案是：(1)t=20s (2) 12.如图所示，一面积为S的单匝圆形金属线圈与阻值为R的电阻连接成闭合电路，不计圆形金属线圈及导线的电阻线圈内存
20、在一个方向垂直纸面向里、磁感应强度大小均匀增加且变化率为k的磁场Bt，电阻R两端并联一对平行金属板M、N，两板间距为d，N板右侧xOy坐标系(坐标原点O在N板的下端)的第一象限内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场边界OA和y轴的夹角AOy45，AOx区域为无场区在靠近M板处的P点由静止释放一质量为m、带电荷量为q的粒子（不计重力），经过N板的小孔，从点Q（0，L）垂直y轴进入第一象限，经OA上某点离开磁场，最后垂直x轴离开第一象限求：（1）平行金属板M、N获得的电压U；（2）粒子到达Q点时的速度大小；（3）yOA区域内匀强磁场的磁感应强度B；（4）粒子从P点射出至到达x轴的时间【答案】（1）M、
21、N两板间的电压为U=kS （2） （3） （4）【解析】（1）根据法拉第电磁感应定律，闭合线圈产生的感应电动势为： 因平行金属板M、N与电阻并联，故M、N两板间电压为： （2）带电粒子在M、N间做匀加速直线运动，有所以：（3）带电粒子进入磁场区域的运动轨迹如图所示，有由几何关系可得：联立以上各式得：（4）粒子在电场中做匀加速直线运动，则有根据牛顿第二定律得：粒子在磁场中，有 粒子在第一象限的无场区中，有由几何关系得：s=r 粒子从P点射出到到达x轴的时间为： 联立以上各式可得：综上所述本题答案是：（1） ；（2） ；（3）；（4）13.下列说法正确的是_A. 气体压强的大小和单位体积内的分子数
22、及气体分子的平均动能都有关B. 布朗运动是液体分子的运动，说明液体分子永不停息地做无规则热运动C. 热力学第二定律的开尔文表述：不可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响D. 水黾可以停在水面上是因为液体具有表面张力E. 温度升高，物体所有分子的动能都增大【答案】ACD【解析】【详解】A气体压强的大小和单位体积内的分子数及气体分子的平均动能都有关，单位体积内的分子数越多及气体分子的平均动能越大，则气体的压强越大，选项A正确；B布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，说明液体分子永不停息地做无规则热运动，选项B错误；C热力学第二定律的开尔文表述：不可能从单一热源吸收热量，
23、使之完全变成功，而不产生其他影响，选项正确；D水蝇可以停在水面上是因为液体具有表面张力的缘故，选项D正确；温度升高，分子的平均动能变大，并非所有分子的动能都增大，选项E错误；【点睛】此题考查了选修3-3中的几个知识点，包括气体的压强的微观解释、布朗运动、热力学第二定律、液体的表面张力以及平均动能等；都是基础知识，但是有些确实都是易错点，例如布朗运动，它不是分子运动，不是液体分子运动，不是热运动，这些都要认真理解14.为适应太空环境，航天员都要穿航天服航天服有一套生命保障系统，为航天员提供合适的温度、氧气和气压，让航天员在太空中如同在地面上一样假如在地面上航天服内气压为1atm，气体体积为2L，
24、到达太空后由于外部气压低，航天服急剧膨胀，内部气体体积变为4L，使航天服达到最大体积若航天服内气体的温度不变，航天服视为封闭系统求此时航天服内的气体压强，并从微观角度解释压强变化的原因若开启航天服封闭系统向航天服内充气，使航天服内的气压变为09 atm，则需补充1 atm的等温气体多少升?【答案】(1) P20.5 atm 航天服内，温度不变，气体分子平均动能不变，体积膨胀，单位体积内的分子数减少，单位时间撞击到单位面积上的分子数减少，故压强减小(2) 1.6 L【解析】（1）对航天服内气体，开始时压强为p11atm，体积为V12L，到达太空后压强为p2，气体体积为V24L由玻意耳定律得：p1
25、V1p2V2 解得p20.5 atm 航天服内，温度不变，气体分子平均动能不变，体积膨胀，单位体积内的分子数减少，单位时间撞击到单位面积上的分子数减少，故压强减小（2）设需补充1atm气体V升后达到的压强为p30.9 atm，取总气体为研究对象p1(V1V)p3V2 解得V1.6 L综上所述本题答案是：(1) P20.5 atm 航天服内，温度不变，气体分子平均动能不变，体积膨胀，单位体积内的分子数减少，单位时间撞击到单位面积上的分子数减少，故压强减小(2) 1.6 L15.(多选)如图，a、b、c、d是均匀媒质中x轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为2 m、4 m和6 m一列简谐横波以2 m
26、/s的波速沿x轴正向传播，在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向下运动，t=3 s时a第一次到达最高点下列说法正确的是（ ） A. 在t=6 s时刻波恰好传到质点d处B. 在t=5 s时刻质点c恰好到达最高点C. 质点b开始振动后,其振动周期为4 sD. 在4 st6 s的时间间隔内质点c向上运动E. 当质点d向下运动时,质点b一定向上运动【答案】ACD【解析】【详解】A. ad间距离为x=12m,波在同一介质中匀速传播,则波从a传到d的时间为t=x/v=12/2s=6s，即在t=6s时刻波恰好传到质点d处故A正确；B. 设该波的周期为T,由题可得,3T/4=3s,得T=4s.波
27、从a传到c的时间为t=x/v=，则在t=5s时刻质点c已振动了2s，而c起振方向向下，故在t=5s时刻质点c恰好经过平衡位置向上故B错误；C. 质点b振动周期等于a的振动周期，即为4s.故C正确；D. 在4st6s的时间间隔内，质点c已振动了1st3s，质点c正从波谷向波峰运动，即向上运动故D正确；E. 波长为=vT=24m=8m,bd间距离为10m=，结合波形得知，当质点d向下运动时，质点b不一定向上运动故E错误故选ACD.16.如图所示，AOB是截面为圆形、半径为R的玻璃砖，现让一束单色光在横截面内从OA靠近O点处平行OB射入玻璃砖，光线可从OB面射出；保持光束平行OB不变，逐渐增大入射点与O的距离，当入射点到达OA的中点E时，一部分光线经AB面反射后恰好未从OB面射出不考虑多次反射，求玻璃的折射率n及OB上有光射出的范围【答案】n=2 【解析】解：设光线射到AB面时入射角为，因E点为OA的中点，由几何知识可知入射角：设临界角为C，则：C=30恰好发生全反射，则：解得：n=2 由题意可知，光从OE间入射时，可从OB上射出，则从E点入射时出射点距O最远，设为F，则： 综上所述本题答案是：n=2 ；OB上有光射出的范围 17汇聚名校名师，奉献精品资源，打造不一样的教育！